2015年广西梧州市中考物理试卷
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．（3分）我们在公共场所禁止吸烟，可以防止人们被动吸食“二手烟”，“二手烟”被吸食的主要原因是烟的（ ） A．分子很小 B．分子之间有间隙
C．分子在不停地运动 D．分子由原子构成
2．（3分）小明乘坐梧州南站开往广州南站的动车，当动车行驶时，看到桌面上的苹果保持静止不动，则他所选的参照物是（ ） A．铁轨 B．桌面 C．路旁的树木
D．从旁边走过的列车员
3．（3分）下列实际生活应用中，主要从密度角度考虑的是（ ） A．用钨做白炽灯泡的灯丝 B．用塑料做插座的外壳 C．用水做汽车发动机的冷却液 D．用塑料泡沫做电影场景中的道具
4．（3分）下列图象中，能正确描述晶体熔化的是（ ）
A． B． C． D．
5．（3分）关于安全用电，下列说法中正确的是（ ） A．家用电器起火时，应迅速用水扑灭 B．家庭电路中，保险丝熔断后，可用铜线代替 C．用试电笔辨别火线、零线时，手指要接触笔尾金属体 D．使用有金属外壳的家用电器时，应将其外壳接在零线上
6．（3分）在同样环境下，比较两根粗细相同、长度不同的铜导线电阻大小，下列说法中正确的是（ ） A．长的大
B．一样大
C．长的小
D．无法确定
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7．（3分）如图所示的物态变化实例中，属于凝华的是（ ）
A．冰雪消融 B．草叶上形成“露珠”
C．水烧开后冒出“白气” D．霜打枝头
8．（3分）下列数据中最接近实际情况的是（ ） A．考场内的气温约为50℃ B．一个鸡蛋的重力约为0.5N C．成年人正常步行速度约为5m/s D．普通居民楼每层的高度约为6m
9．（3分）小明用如图所示的电路图研究并联电路电流的规律，当闭合开关S试触时，发现3只小灯泡均发光，电流表的指针正向偏转并超过最大刻度．产生这种现象的原因可能是（ ）
A．小灯泡L1发生断路 B．小灯泡L2发生短路 C．电流表使用的量程太小 D．电流表的接线柱接反了
10．（3分）如图所示是小明在上学的路上，伞被风吹得向上翻起的情景，关于伞向上翻，下列说法正确的是（ ）
A．伞的上表面风速比下表面大，上表面空气压强比下表面大 B．伞的上表面风速比下表面大，上表面空气压强比下表面小 C．伞的上表面风速比下表面小，上表面空气压强比下表面大 D．伞的上表面风速比下表面小，上表面空气压强比下表面小
11．（3分）一辆汽车在高速公路上分别以v1、v2、v3的速度匀速直线行驶，且v1＜v2＜v3．其牵引力分别为F1、F2、F3，不考虑空气阻力，则（ ） A．F1=F2=F3 B．F1＞F2＞F3 C．F1＜F2＜F3 D．无法确定
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12．（3分）在两支相同的平底试管内装入等量铁砂，然后分别放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，其静止状态如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．试管在甲液体中受到的浮力较大 B．试管在乙液体中排开的液体质量较小 C．两个烧杯底部所受液体压强相等 D．两支试管底部所受液体压强相等
二、填空题（本大题共8小题，每空1分，共16分）
13．（2分）我国家庭电路的电压是 V，家庭中的日光灯、电视机、电冰箱等用电器是 联的．
14．（2分）小明在实验室将手机放在真空罩中，然后打电话呼叫这个手机，该手机能接收到呼叫信号，这说明电磁波可以在 传播；电磁波在社会生活中应用越来越广泛，手机是其中的一个，请你再列举一个例子： ．
15．（2分）“会说话的汤姆猫”是一款手机宠物类应用（如图所示）．游戏时，当你对着它讲话，它就会模仿你的腔调学舌，非常好玩．“汤姆猫”和人说出的话虽然语义相同，但由于两种声音的 （填“音调”、“响度”或“音色”）不同，所以能够区别出来，你讲话的声音是靠你的声带 产生的．
16．（2分）一根质量分布均匀的铅笔芯，用去三分之一后，其质量 ，密度 ．（以上两空均填“增大”、“不变”或“减小”）
17．（2分）如图是嫦娥三号着陆器图片，该图是由月球车上全景相机拍摄的．拍照时，着陆器到镜头的距离要 （填“大于”、“等于”或“小于”）两倍焦距．若要把着陆器的像拍得更大些，则应使照相机的镜头 （填“远离”或“靠近”）着陆器一些．
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18．（2分）雨过天晴，小明陪同妈妈在湖边散步，只见水中的鱼儿在“云”里欢畅地游动，天上的一条彩虹也倒影在水面上，非常美丽，实际上他们看到的鱼儿是光的 形成的虚像，水中的彩虹是光的 形成的虚像．（以上两空均填“反射”或“折射”） 19．（2分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3.6W”字样，R为定值电阻，闭合开关S1，断开S2，小灯泡正常发光，小灯泡的电阻为 Ω；若再闭合S2，发现电流表示数变化了0.4A，则R的阻值为 Ω．
20．（2分）如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的均匀正方体金属块甲和乙，其密度为3×103kg/m3，它们的边长之比为1：3，甲的边长为0.09m， 则甲对地面的压强p
甲
= Pa，若乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压
强相等，则乙正方体切去的厚度为△d= cm．（g取10N/kg）
三、作图、实验探究题（本大题共5小题，第21、22小题各2分，第23小题4分、24小题6分、25小题10分，共24分）
21．（2分）如图所示，重100N的物体静止在水平地面上，请画出它所受重力G的示意图．
22．（2分）图中，杠杆OBA在图示位置静止，请画出作用在A点的力F的力臂l．
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23．（4分）如图是“探究平面镜成像特点”的实验装置． （1）实验时，应使玻璃板面与纸面保持 ．
（2）为了探究像和物的大小关系，点燃了一支蜡烛A置于玻璃板前，实验中，我们 （填“透过”或“不用透过”）玻璃板来观察这支蜡烛的像．然后用另一根完全相同的蜡烛B放在玻璃板后，蜡烛B （填“需要”或“不需要”）点燃，前后左右移动蜡烛B，直至看上去与A的像完全重合，由此得出平面镜所成的像和物大小 ．
24．（6分）在“测滑轮组机械效率”的实验中，先用弹簧测力计测量钩码所受的重力G，再按图所示的连接方式组装好滑轮组，并分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置．
（1）为了测量绳子自由端的拉力F，应该在弹簧测力计 （填“缓慢匀速提升”或“静止”）时读数，图中弹簧测力计示数是 N．
（2）按照正确的测量方法，测出的拉力F与钩码所受重力G的大小关系为F （填“＞”、“=”或“＜”）G．
（3）实验中要分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置，是为了测量 ，从而计算有用功和总功．
（4）在此实验中，若仅增加钩码的重力，该滑轮组的机械效率将 （填“增大”、“不变”或“减小”）．
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25．（10分）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用铁钉制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路．
（1）实验中是通过吸引大头针的数量来显示电磁铁磁性的强弱，当滑动变阻器滑片向左移动时，电路中的电流 （填“增大”、“不变”或“减小”），电磁铁吸引大头针的个数增多，说明电流越 ，电磁铁磁性越强．
（2）根据图示的情景可知，电磁铁甲的上端是 极；电磁铁 （填“甲”或“乙”）的磁性较强，说明电流一定时，线圈匝数 ，电磁铁磁性越强；实验发现被电磁铁吸引的大头针下端是分散的，其原因是大头针被磁化， ．
（3）实验结束后，小明发现电池使用说明中有一条提示：“请一次性更换所有电池，以免新旧电池混用”．他想新旧电池混用和不混用有什么区别呢？于是，他做了如下探究，他用一节新电池代替图中原来的电源，闭合开关后，用电压表测出电路的总电压，并观察电磁铁吸引大头针的数量，记录在下表中，然后再分别把两个新电池、一新一旧电池串联起来，替换原来的电源，重复上述实验，实验记录如下表所示．
电源 一个新电池 两个新电池串联 一新一旧电池串联 电路的总电压/V 1.5 3.0 1.3 吸引大头针数量 较多 最多 较少 分析表中数据可知，串联的一新一旧电池给电路提供是电压 （填“大于”、“等于”或“小于”）一节新电池提供的电压，原因是：根据串联电路中电源电压等于各部分电路两端的电压之和，用一新一旧电池供电的电路中，废旧电池相当于在以一节新电池为电源的电路中串联了一个 ，所以新旧电池混用，废旧电池会消耗新电池的部分能量．
四、应用计算题（本大题共3小题，第26小题6分、27小题9分、28小题9分，共24分．解
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题时要有必要的文字说明、公式和计算过程，直接写出答案的不能得分） 26．（6分）小明家新买了一台电热水器，下表是该热水器的一些技术参数．
型号 最大水量 FED﹣H50 40L 额定电压 额定功率 220V 2000W 现将水箱中装满水，通电后正常工作30min，水温从20℃上升到40℃，在此过程中[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3]，求： （1）电热水器正常工作的电流； （2）电热水器所消耗的电能； （3）水所吸收的热量．
27．（9分）如图所示是我国自主研制的新型气垫两栖登陆艇．该艇满载后的总质量为2.0×105kg．在一次测试中，登陆艇在水中匀速直线行驶1200m，所用的时间为40s，若受到的阻力始终为2.0×105N（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3），求： （1）登陆艇满载漂浮在水上时排开水的体积； （2）登陆艇在测试中的行驶速度； （3）登陆艇在测试中牵引力的功率．
28．（9分）在图甲所示的电路中，电源电压为9V且保持不变，电阻R1的阻值为20Ω，滑
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动变阻器R2上标有“40Ω 1A”字样，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P移到某位置时，R1两端的电压为8V．
（1）电流表的示数I1为多少？ （2）电阻R1的电功率P1为多少？
（3）现把一个表盘如图乙所示的电压表接入电路中，要求在移动滑动变阻器滑片P的过程中电压表指针偏转角度变化最大．
①为了满足要求，电压表应接入ABCD中的哪两点？电压表选用哪一档量程？（不用写出原因）
②求出滑动变阻器接入电路的阻值范围．
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2015年广西梧州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1．（3分）
【考点】分子的热运动．
【分析】造成非吸烟者在公共场所吸食“二手烟”，是因为烟气中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使非吸烟者被动吸入二手烟而危害健康．
【解答】解：A、由分子的性质可知，造成非吸烟者在公共场所吸食“二手烟”的主要原因与分子大小无关，故A错误．
B、由分子的性质可知，造成非吸烟者在公共场所吸食“二手烟”的主要原因与分子间有间隔无关，故选B错误．
C、由于分子是在不断的运动的，这是造成非吸烟者在公共场所吸食“二手烟”的主要原因，故C正确．
D、由分子的性质可知，造成非吸烟者在公共场所吸食“二手烟”的主要原因与与分子由原子构成无关，故D错误． 故选：C．
【点评】本题旨在考查分子运动的知识，考查学生利用分子动理论解释生活现象的能力． 2．（3分）
【考点】参照物及其选择．
【分析】运动和静止是相对的，判断一个物体是否运动，关键看它与所选的参照物之间的位置是否发生了变化，如果发生了变化，则它是运动的，如果没有发生变化，则它是静止的． 【解答】解：A、以铁轨为参照物，苹果是运动的，不合题意； B、以桌面为参照物，苹果是静止不动的，符合题意； C、以路旁的树木为参照物，苹果是运动的，不合题意；
D、以从旁边走过的列车员为参照物，苹果是运动的，不合题意； 故选：B．
【点评】判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，再判断被研究的物体和参照物之间的位置是否变化．这是解答此类题目的一般思路．
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3．（3分）
【考点】与密度有关的物理现象．
【分析】不同的物质具有不同的物理特性，如熔点、导热性、密度、比热容、导电性、硬度等等，结合选项，确定所描述的应用实例是利用了物质的哪一特性，便可做出判断． 【解答】解：A、用钨做白炽灯泡的灯丝，利用的是钨的熔点高．不符合题意； B、用塑料做插座的外壳，利用的是塑料的绝缘性．不符合题意；
C、用水做汽车发动机的冷却液是利用水的比热容比较大的性质．不符合题意；
D、塑料泡沫做成表演场景中的石头是利用塑料泡沫的密度比较小，在相同体积时，质量比较小，因此，在表演场景中制作成倒塌的“墙壁”，可保护演员的安全，故D符合题意． 故选：D．
【点评】本题中的四个选项分别涉及到导热性、密度、比热容、熔点四个物理特性，明确每一个选项的应用方式，不难做出判断，本题有一定的综合性，但难度不大． 4．（3分）
【考点】熔化与熔化吸热特点．
【分析】熔化的整个过程温度变化的整体趋势是随时间升高的，而晶体熔化与非晶体最大的区别在于晶体要在一定的熔点温度下熔化，而非晶体则没有一定的熔点．
【解答】解：A、固体不断吸收热量，温度不断升高，符合非晶体的熔化特点，是非晶体的熔化图象．故A不符合题意；
B、液体温度降低到一定温度，不断放热，温度保持不变，符合晶体凝固特点，是晶体凝固的图象．故B不符合题意；
C、液体不断放出热量，温度不断降低，符合非晶体的凝固特点，是非晶体的凝固图象．故C不符合题意；
D、固体吸收热量，温度升高到达一定温度，不断吸收热量，温度不变，符合晶体熔化特点，这是晶体的熔化图象．故D符合题意； 故选D．
【点评】晶体和非晶体的熔化和凝固图象的分析：若温度有上升的趋势，则为熔化图象若温度有下降的趋势，则为凝固图象．若温度有一段时间不变，则为晶体，若温度不断变化则为非晶体． 5．（3分）
【考点】安全用电原则．
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【分析】（1）水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故；
（2）险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用，使用铜丝起不到保护作用；
（3）使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的．使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；
（4）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全． 【解答】解：
A、若家用电器起火，应先切断电源，再灭火，故A错误；
B、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断起不到保护电路的作用，故B错误；
C、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属探头，否则会造成人身触电事故，故C正确；
D、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全．故D错误． 故选：C．
【点评】本题旨在考查安全用电的知识，考查学生对安全用电常识的记忆和应用．同学们要牢记安全用电常识，并正确规范操作，避免危险发生． 6．（3分）
【考点】影响电阻大小的因素．
【分析】导体的电阻是导体本身的一种性质，其决定因素与其本身的材料、长度、横截面积有关，若说与外界有关，也只与外界的温度这个因素有关．导体一定，则电阻一定．与导体两端电压的高度，导体中电流的大小等都没有关系．
【解答】解：在同样环境下，电阻的大小不仅跟导体的材料有关，还跟材料的长度和横截面积大小有关，在横截面积和材料相同时，长的铜丝电阻大． 故选：A．
【点评】在分析导体电阻大小时要注意两点：电阻受材料、长度、横截面积等因素影响，注意控制变量；电阻不受电流、电压等外界因素的影响． 7．（3分）
【考点】生活中的凝华现象．
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【分析】要判断出属于凝华的物态变化，首先要弄清凝华的特点，凝华是由物体气态变为固态的变化过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断． 【解答】解：
A、冰山消融，由固态变成液态，属于熔化现象．故A不合题意；
B、草叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠．故B不合题意；
C、当水壶里的水沸腾时，产生大量的水蒸气，水蒸气从壶嘴冒出，遇到外界的冷空气液化，形成小水滴，所以看到冒出大量“白气”．故C不合题意；
D、霜是由空气中的水蒸气直接由气态凝华成的小冰晶，是凝华现象．故D符合题意． 故选D．
【点评】此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，考查学生对物态变化的判断能力，根据物态变化的定义来判断． 8．（3分）
【考点】重力大小的估测；温度；长度的估测；速度与物体运动．
【分析】根据已掌握的对物理量数值的估计经验或在经验积累的基础上再进行推理进行判断． 【解答】解：
A、考场内的气温约为 30℃，A不符合实际；
B、一个鸡蛋的质量约为 50g=0.05kg，其重力为 G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，B符合实际； C、成年人正常步行速度约为 1.1m/s，C不符合实际； D、普通居民楼每层的高度约为 3m，D不符合实际． 故选：B．
【点评】本题旨在考查温度、重力、速度、长度的知识，考查学生对常见物体的温度、重力、速度、长度的估测能力，注意积累生活中常见的物理量的数值经验． 9．（3分）
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】并联电路中如果某支路断路，则这一支路用电器不工作，其他支路用电器仍工作； 并联电路中如果某支路短路，则所有支路的用电器都被短路而不工作，烧毁电源； 电流表量程选小时，指针指到最大刻度之外； 电流表正负接线柱接反时，指针反向偏转．
【解答】解：电流表的指针正向偏转超过最大刻度，说明指针会迅速转到最右侧，超过最大
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刻度，即超过电流表的量程，而三只小灯泡均发光，所以可能是电流表的量程选择过小引起的． 故选：C．
【点评】使用电流表时，指针偏转不正常的情况有四种：①不偏转，原因是电路断路或电流表短路； ②偏转角度很小，原因是电流太小或选择的量程太大； ③指针迅速转到最右侧，原因是电流太大或选择的量程太小；④指针倒转，原因是电流方向错了． 10．（3分）
【考点】流体压强与流速的关系．
【分析】流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小、流速越小的地方压强越大． 【解答】解：风吹向伞，由于伞的下表面风速比伞的上表面的风速小，从而使伞的下表面受到空气压强比上表面大，对伞产生一个向上的升力，故伞向上翻起，B正确，ACD错误． 故选：B．
【点评】本题旨在考查流体压强与流速的关系的知识，考查学生对流体压强与流速的关系掌握和应用，属于基础题． 11．（3分）
【考点】二力平衡条件的应用．
【分析】（1）静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件判断摩擦力的大小．
（2）摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟其它因素没有关系． 【解答】解：
汽车在水平方向上受到摩擦力和牵引力的作用；因汽车在水平公路上匀速行驶，所以在水平方向受力平衡，即汽车受到的摩擦力大小等于汽车的牵引力，因在不同的速度下汽车均处于匀速直线运动状态，每次的牵引力均等于其受到的摩擦力，摩擦力不变，则牵引力相等，即F1=F2=F3． 故选A．
【点评】本题考查了平衡力的应用和摩擦力大小因素的理解，根据平衡力的条件判断力的大小和力的方向，是很常用的一种方法，要掌握． 12．（3分）
【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用．
【分析】（1）同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，受到的浮力相等、都等
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于自身重力；
（2）根据阿基米德原理F浮=G排=m排g判断排开液体的质量关系；
（3）而排开液体的体积不同，根据公式F浮=ρgV排可判断两液体密度的大小；由于放入试管后液面等高，根据p=ρgh判断烧杯底部所受压强大小关系；
（4）根据浮力产生的原因得下表面受到的压力关系，利用p=比较试管底部所受液体压强大小关系．
【解答】解：A、由于装入等量铁砂的相同的平底试管在两液体中都漂浮，所以试管受到的浮力：F甲=F乙=G，故A错误；
B、根据阿基米德原理可知：F浮=G排=m排g，所以试管排开的液体质量相等，故B错误； C、由图可知：排开的液体体积V甲＞V乙，而F甲=F乙，则根据F浮=ρ水V排g可知，ρ甲＜ρ乙， 由图可知：放入试管后液面等高，根据p=ρgh可得：烧杯底部所受压强p甲＜p乙，故C错误； D、物体受到的浮力等于物体上下表面受到液体的压力差，而上表面受到的压力为0，所以F浮=F下表面﹣F上表面=F下表面，
由于受到的浮力相等，所以下表面受到的压力相等，即：F甲=F乙， 由p=可得：p甲=p乙，故D正确． 故选D．
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，知识点多、综合性强，属于难题，要求灵活运用所学知识分析判断．区分浮力和液体压强的影响因素：决定浮力大小的是液体的密度和排开液体的体积；决定液体压强大小的是液体的密度和液体的深度．
二、填空题（本大题共8小题，每空1分，共16分） 13．（2分）
【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路和并联电路的辨别． 【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V；
（2）并联电路各支中用电器工作情况互不影响，串联电路各用电器工作互相影响． 【解答】解：我国家庭电路的电压是 220V；由于家庭电路的各用电器既可以单独工作，又互不影响，所以家庭电路的用电器是并联连接． 故答案为：220；并．
【点评】本题旨在考查家庭电路的知识，考查学生对家庭电路的电压及连接方式的记忆，是
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一道基础题． 14．（2分）
【考点】电磁波的传播．
【分析】电磁波的传播不需要介质，可在真空中传播；
电磁波在生活中的应用是非常多的，如：电视、手机、电磁炉、微波炉等．
【解答】解：手机是利用电磁波传递信息的，将手机放在真空罩中，打电话呼叫真空罩中的手机，手机能接收到呼叫信号，这说明电磁波能在真空中传播． 生活中电磁波的应用很广泛，如电视机（卫星、收音机等）． 故答案为：真空；电视机．
【点评】本题旨在考查电磁波的知识，考查学生对电磁波的传播及应用的掌握，属于基础题． 15．（2分）
【考点】音色；声音的产生．
【分析】声音的特性有：音调、响度和音色； 声音是由物体振动产生的．
【解答】解：“汤姆猫”和人说出的话声音的音色不同，能够区别出来； 我们说话是靠声带的振动产生的． 故答案为：音色；振动．
【点评】本题旨在考查音色及声音产生的知识，考查学生对声音的特征及声音的产生的掌握，属于基础题． 16．（2分）
【考点】质量及其特性；密度及其特性．
【分析】①物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、位置和温度无关；
②密度是指单位体积的某种物质的质量；密度是物质的一种特性，它的大小跟物体的体积和质量无关．
【解答】解：①一根质量分布均匀的铅笔芯，用去三分之一后，长度变短、体积变小，剩余部分所含的物质减少，则质量减少；
②密度是物质的一种特性，同种物质，密度是一定的，与质量和体积无关，所以密度不变； 故答案为：减小；不变．
【点评】此题考查的是质量及密度的概念，理解他们的意义是解决此类问题的关键．
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17．（2分）
【考点】凸透镜成像的应用．
【分析】①凸透镜成倒立、缩小的实像，U＞2f，应用于照相机和摄像机上． ②凸透镜成实像规律，物近像远像变大．
【解答】解：照相机的镜头相当于一个凸透镜，所照景物放在镜头的二倍焦距以外，在底片上成缩小的实像；即拍照时，着陆器到镜头的距离要大于两倍焦距，
由凸透镜成实像规律，物近像远像变大可知，若要把着陆器的像拍得更大一些，则应使照相机镜头靠近着陆器一些． 故答案为：大于；靠近．
【点评】本题旨在考查凸透镜成像的知识，考查学生对凸透镜成像规律的掌握和应用． 18．（2分）
【考点】光的折射现象及其应用；镜面反射．
【分析】根据光的折射现象和平面镜成像原理进行分析即可得出答案．
【解答】解：①从鱼发出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了，所以小明看到的鱼儿是光的折射形成的虚像；
②彩虹在天上，所以水中的彩虹是在水中形成的像，即平面镜成像，故看到水中的彩虹是由光的反射形成的与物体等大的虚像． 故答案为：折射；反射．
【点评】此题主要考查生活中光的折射现象和平面镜成像现象，都属于物理基础知识的应用． 19．（2分）
【考点】电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用． 【分析】根据P=
计算正常发光时小灯泡的电阻；
闭合S1，断开S2，为灯泡的基本电路，而小灯泡正常发光，因此电源电压等于灯泡的额定电压；
两个开关都闭合时，为并联电路，电流表串联在干路上，因此电流表示数的变化为定值电阻R中通过的电流，再利用R=即可求出R的阻值； 【解答】解：
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根据P=
得正常发光时小灯泡的电阻：RL===10Ω；
闭合S1，断开S2，小灯泡正常发光，因此电源电压U=U额=6V； 再闭合S2，R与L并联电路，电流表示数变化了0.4A，即IR=0.4A， 所以R的电阻： R=
=
=15Ω．
故答案为：10；15．
【点评】本题考查欧姆定律的计算公式和电功率的计算公式的灵活应用，本题的关键是会利用并联电路的互不影响的特点进行分析． 20．（2分）
【考点】压强的大小及其计算．
【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据p===求出甲对地面的压强；
（2）因乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，根据p=表示出此时甲对地面的压强，根据p=ρgh表示出此时乙对地面的压强，然后联立得出等式即可得出答案．
【解答】解：（1）正方体对水平地面的压强： p===
=
=
=ρgh，
=
=
=ρgh
则甲对地面的压强：
p甲=ρgh甲=3×103kg/m3×10N/kg×0.09m=2.7×103Pa；
（2）甲、乙边长之比为1：3，设甲的边长为h，则乙的边长为3h，
因乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等， 所以，p甲′=p乙， 因′=
=
+
=ρgh+
=ρgh+
=ρgh+
pg=ρgh+
甲
g=ρgh+9ρ△hg，
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p乙=ρg3h=3ρgh，
所以，ρgh+9ρ△hg=3ρgh，
则△h=h=×0.09m=0.02m=2cm． 故答案为：2.7×103；2．
【点评】本题考查了压强的计算，灵活的运用p=和p=ρgh是解题的关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等．
三、作图、实验探究题（本大题共5小题，第21、22小题各2分，第23小题4分、24小题6分、25小题10分，共24分） 21．（2分）
【考点】重力示意图．
【分析】重力的作用点在重心，重力的方向竖直向下，按力的示意图的画法画出重力的示意图即可．
【解答】解：因为重力的作用点在重心，重力的方向竖直向下，所以由重心竖直向下作线段，在末端画出箭头，标出重力大小G=100N，如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，一般以线段的起点作为作用点． 22．（2分）
【考点】力臂的画法．
【分析】要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离．由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．
【解答】解：反向延长力的作用线F，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为F的力臂L．如图所示：
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【点评】此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线．画力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段． 23．（4分）
【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】（1）实验中玻璃板如果不垂直于桌面，后面的蜡烛无法与前面蜡烛的像完全重合． （2）玻璃板是透明的可以透过玻璃板来观察这支蜡烛的像； 在实验中，用蜡烛B来替代蜡烛A的像，是用到了等效替代法． 【解答】解：
（1）实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，就无法验证像的位置和大小，所以玻璃板应与纸面垂直放置；
（2）因为玻璃板是透明的，所以可以透过玻璃板来观察这支蜡烛的像，从而确定像的位置； 将另一根完全相同的蜡烛B放在玻璃板后，蜡烛B不需要点燃，蜡烛B和蜡烛A的像完全重合时，说明平面镜成像时，物像大小相等． 故答案为：（1）垂直；（2）透过；不需要；相等．
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用．这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用． 24．（6分）
【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．
【分析】（1）本实验中，应匀速向上拉弹簧测力计；弹簧测力计时要先明确分度值． （2）使用滑轮组时，拉力不仅要克服物体的重力，还要克服动滑轮的重力及机械摩擦． （3）要测滑轮组的机械效率，需测出G、h、F、s，根据公式η=测量钩码和弹簧测力计移动的距离，从而计算有用功和总功．
（4）使用滑轮组时，做的额外功不变，仅增加钩码的重力，增大了有用功，由此分析机械效率的变化． 【解答】解：
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×100%计算．所以需要
（1）为了读数准确、方便，测量绳子自由端的拉力F，应该在弹簧测力计缓慢匀速提升时读数；
图中弹簧测力计分度值0.2N，示数是0.8N；
（2）由图知，滑轮组由3段绳子承担物重，所以F=，但其成立的条件是不考虑机械自重和摩擦．若考虑的话拉力F大于；
（3）实验中要分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置，为了测量钩码和弹簧测力计移动的距离，从而计算有用功和总功；
（4）整个滑轮组保持不变，即额外功不变．因为对钩码做的功为有用功，仅增加钩码的重力，即增大了有用功，因此机械效率就会增大． 故答案为：（1）缓慢匀速提升；0.8； （2）＞；
（3）钩码和弹簧测力计移动的距离； （4）增大．
【点评】（1）滑轮组做的有用功是提升物体重力做的功，额外功是克服动滑轮重力和绳子重力及摩擦做的功，总功是拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值．
（2）滑轮组的机械效率与提升物体的物重有关，同一滑轮组，提升物体重力越大，机械效率越大． 25．（10分）
【考点】探究电磁感应现象的实验．
【分析】（1）滑动变阻器阻值越小，电流越大；匝数一定时，电磁铁中电流增大时，磁性增强．
（2）利用安培定则判断电磁铁的极性；通过吸引大头钉的个数可以判断磁性的强弱；影响电磁铁磁性强弱的因素有电流大小和匝数多少；同名磁极排斥，异名磁极吸引． （3）旧电池内部电阻增大，内部分去更多的电压．
【解答】解：（1）由图可知：甲乙串联，乙的匝数比甲的多，当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电流增大，电磁铁吸引大头针的个数增多，说明电流越大，电磁铁磁性越强．
（2）甲的线圈上的电流方向向左，根据安培定则可知：甲的上端为 S，下端为 N；乙吸引的大头针数多，说明乙的磁性强，这说明：在电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；
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大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散．
（3）从表中可以看到：串联的一新一旧电池电路提供的电压小于一节新电池提供的电压，这是因为在用一新一旧电池供电的电路中，废旧电池相当于在以一节新电池为电源的电路中串联了一个电阻，所以新旧电池混用，废旧电池会消耗新电池的部分能量．
故答案为（1）增大；大；（2）南或 S；乙；越多；同名磁极相互排斥；（3）小于；电阻． 【点评】在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验时采用控制变量法，即在研究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系时，要保证线圈匝数等其他条件不变，只通过移动变阻器的滑片来改变线圈中的电流大小．在研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，要保证电流的大小、两个螺线管外形等因素相同，通过更换线圈匝数不同的螺线管来分析比较．
四、应用计算题（本大题共3小题，第26小题6分、27小题9分、28小题9分，共24分．解题时要有必要的文字说明、公式和计算过程，直接写出答案的不能得分） 26．（6分）
【考点】电功与热量的综合计算；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系． 【分析】（1）根据P=UI可计算电热水器正常工作的电流； （2）根据W=Pt计算电热水器所消耗的电能；
（3）根据ρ=计算电热水器装满水时水的质量，根据Q吸=cm△t计算水温从20℃上升到40℃，水所吸收的热量． 【解答】解：
（1）由P=UI得电热水器正常工作的电流： I=
=
≈9.09A；
（2）通电后正常工作30min，电热水器所消耗的电能： W=P额t=2000W×30×60s=3.6×106J；
（3）由表格可知，电热水器装满水的体积V=40L=40dm3=4×102m3，
﹣
由ρ=，水的质量：
m=ρV=1.0×103kg/m3×4×102m3=40kg，
﹣
水吸收的热量： Q吸=cm（t1﹣t0）
=4.2×103J/（kg•℃）×40kg×（40℃﹣20℃）
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=3.36×106J．
答：（1）电热水器正常工作的电流为9.09A； （2）电热水器所消耗的电能为3.6×106J； （3）水所吸收的热量为3.36×106J．
【点评】本题考查了电功公式、密度公式和吸热公式的应用，计算过程要注意单位的换算． 27．（9分）
【考点】阿基米德原理；速度公式及其应用；二力平衡条件的应用．
【分析】（1）物体漂浮时F浮=G，根据F浮=G排=ρ液gV排计算登陆艇满载漂浮在水上时排开水的体积；
（2）根据v=计算登陆艇在测试中的行驶速度； （3）根据P==【解答】解：
（1）登陆艇满载漂浮在水上，所以F浮=G总=m总g， 由阿基米德原理可知，F浮=G排=ρ液gV排， 则：ρ液gV排=m总g，
所以登陆艇满载漂浮在水上时排开水的体积： V排=
=
=200m3；
=Fv计算登陆艇在测试中牵引力的功率．
（2）登陆艇行驶速度： v==
=30m/s；
（3）登陆艇在水中匀速直线行驶，牵引力等于阻力， 登陆艇牵引力的功率： P==
=Fv=fs=2.0×105N×30m/s=6×106W．
答：（1）登陆艇满载漂浮在水上时排开水的体积为200m3； （2）登陆艇在测试中的行驶速度为30m/s； （3）登陆艇在测试中牵引力的功率为6×106W．
【点评】本题考查浮力、密度、速度和功率的计算，考查知识点多，但难度不大，熟练运用公式是关键．
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28．（9分）
【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）已知电阻与电阻两端电压，应用欧姆定律可以求出电路电流． （2）已知电阻两端电压与通过电阻的电流，由P=UI可以求出电阻消耗的电功率． （3）电压表选择的量程比较小时，示数变化比较大，当滑动变阻器的电阻变化时，电压表的示数也随之变化，根据串联电路电压和电阻的规律，可求滑动变阻器的阻值变化范围． 【解答】解：（1）电流表的示数：I1=
=
=0.4A；
（2）电阻R1消耗的电功率：P1=U1I1=8V×0.4A=3.2W； （3）①当电压表选择0～3V量程，并把电压表接入CD两点时，在移动滑动变阻器滑片P的过程中电压表指针偏转变化角度最大；
②当滑动变阻器滑片移到最右端时，接入电路电阻为0；
滑动变阻器两端的电压最大是3V，R1两端的电压是：U1′=U﹣U2′=9V﹣3V=6V， 此时电路电流：I′=
=
=0.3A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻：R2=所以R2的范围是0欧﹣10欧． 答：（1）电流表的示数I1为0.4A． （2）电阻R1的电功率P1为3.2W．
==10Ω；
（3）①电压表应接入CD两点间，电压表选用0～3V量程； ②出滑动变阻器接入电路的阻值范围是：0Ω～10Ω．
【点评】本题考查电压、电功率和电阻的计算，考查的知识点比较多，关键是要明白滑片移动过程中电阻和电压的变化，有一定的难度．
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